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菜鸟做题，语言是 C++
1 121. 买卖股票的最佳时机
解题思路：
- 维护一个变量 max_price
- max_price 用于存储排在 i 天之后的股票最高价格
- 第 i 天的最高利润 = max_price - 第 i 天的股票价格
思路说明：
假设股票价格数组为 [7，1，5，3，6，4]，从后往前遍历数组以计算 max_price，如下图所示。
1）如果第 i 天的股票价格高于 max_price，则
- 第 i 天的最高利润 = max_price - 第 i 天的股票价格
- 更新 profit、max_price
2）如果第 i 天的股票价格高于 max_price，则
- 第 i 天的最高利润 = 0
- 不需要更新 profit、max_price
class Solution {
public:
int maxProfit(vector<int>& prices) {
int n = prices.size();
int ans = 0, max_price = 0;
for (int i = n - 1; i >= 0; --i) {
if (prices[i] > max_price) {
max_price = prices[i];
} else {
ans = max(ans, max_price - prices[i]);
}
}
return ans;
}
};2 55. 跳跃游戏
解题思路：
- 遍历 nums 数组
- 不断更新最远距离 maxDistance
- 如果 maxDistance >= nums.size() - 1，则返回 true
思路说明图：
- 遍历第 0 个元素，maxDistance = 2
- 遍历第 1 个元素，maxDistance = 1 + 3 = 4
- 遍历第 2 个元素，maxDistance = 4（> 2 + 1）
- 以此类推
class Solution {
public:
bool canJump(vector<int>& nums) {
int maxDistance = 0;
for (int i = 0; i < nums.size(); ++i) {
if (i <= maxDistance) {
maxDistance = max(i + nums[i], maxDistance);
}
}
return maxDistance >= nums.size() - 1;
}
};3 45. 跳跃游戏 II
解题思路：
- 仍然是遍历 nums 数组，每次更新 maxDistance 范围
- 针对在同一次更新后被包含进去的位置，算作一次跳跃
思路说明图：
将 maxDistance 初始化为 0，被包含进去的 0 号位置，属于第一次跳跃（count = 0）。根据 0 号位置更新 maxDistance 为 2，被包含进去的 1、2 号位置，属于第二次跳跃（count = 1）。根据 1、2 号位置更新 maxDistance 为 4，被包含进去的 3、4 号位置，属于第三次跳跃（count = 2）。
class Solution {
public:
int jump(vector<int>& nums) {
int maxDistance = 0;
int pos = 0, count = 0;
if (pos >= nums.size() - 1)
return 0;
while (pos < nums.size()) {
int temp = maxDistance;
while (pos <= temp) {
maxDistance = max(maxDistance, pos + nums[pos]);
if (maxDistance >= nums.size() - 1) {
return count + 1;
}
++pos;
}
++count;
}
return count;
}
};4 763. 划分字母区间
解题思路：
- 遍历字符串 s，记录每个字母的最后出现位置
- 设置 begin = 0，即从 0 号字母开始划分字符串
- 根据每个字母的最后出现位置不断更新 end
- 若当前位置 = end，则 begin ~ end 之间是一个子串
思路说明图：
- 图中的 B 代表 begin，即子串的开头；E 代表 end，即子串的结尾
- 初始化 begin 为 0，初始化 E 为第一个字母的最后出现位置
我们需要保证的是 B 和 E 之间的所有字母不能横跨两个子串。换句话说，B 和 E 之间的 b 和 c 的最后出现位置不能超过 a 的最后出现位置 E 。如果超过了，我们需要更新 E 。
第一轮：首先访问 a，并且设置 E 为 a 的最后出现位置；接着访问 b，由于 b 的最后出现位置没有超过 E，因此不需要更新 E。以此类推访问到 c，由于 c 的最后出现位置没有超过 E，因此不需要更新 E 。最后指针 i 移动到 E，说明 B 和 E 之间的字母只会出现在该区间内，由此得到第一个子串。
第二轮：B 更新到 E 的后面一个位置，模仿第一轮的操作继续访问。
class Solution {
public:
vector<int> partitionLabels(string s) {
unordered_map<char, int> charEnd;
for (int i = 0; i < s.size(); ++i) {
charEnd[s[i]] = i;
}
vector<int> ans;
int begin = 0, end = 0;
for (int i = 0; i < s.size(); ++i) {
end = max(end, charEnd[s[i]]);
if (i == end) {
ans.push_back(end - begin + 1);
begin = end + 1;
}
}
return ans;
}
};这样做会超出内存限制：
int subStrEnd = charEnd[s[0]];
while (begin < s.size()) {
while (end <= subStrEnd) {
subStrEnd = max(subStrEnd, charEnd[s[end]]);
++end;
}
ans.push_back(end - begin);
begin = end;
}
