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《JavaSE-习题篇一》之小题目,大道理


本篇讲解几道java基础题目


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作者是爪哇岛的新手,水平很有限,如果发现错误,一定要及时告知作者哦!感谢感谢!


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文章目录

  • ​​小题目,大道理。​​
  • ​​素数求解​​
  • ​​什么是素数?​​
  • ​​题目一:判断一个数否是素数​​
  • ​​法一​​
  • ​​法二​​
  • ​​法三​​
  • ​​自幂数​​
  • ​​求1~n范围内的自幂数​​
  • ​​统计二进制位中的1的个数​​
  • ​​法一​​
  • ​​法二​​
  • ​​法三​​
  • ​​总结​​

小题目,大道理。

素数求解

什么是素数?

定义: 质数又称素数。一个大于1的自然数,除了1和它自身外,不能被其他自然数整除的数叫做质数;否则称为合数(规定1既不是质数也不是合数)。

题目一:判断一个数否是素数

分析:根据素数的定义可知,素数是除了1和自身以外不能被其它整除,所以我们可以通过枚举2到我们判断的数之间的数是否存在可以被我们要判断的数整除,如果有则不是素数,反之则是素数。

法一

import java.util.Scanner;
public class Demo9 {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int n = sc.nextInt();
int i = 2;
for (; i < n; i++) {
if(n%i==0){
System.out.println("不是素数");//2~n之间是否有数字能整除n
break;
}
}
if(i==n){//i==n说明没有,所以必然是素数
System.out.println("是素数");
}
}
}

法一是通过枚举出2~n-1之间所有的数,而实际只需要有一个数能把n整除即可,所以我们可以试图来缩小枚举的范围。我们都知道任意一个数可以写成n=ab,比如16可以写成,16=1 * 16 ,或者16=44,或者16=2 * 8。通过这三个式子,我们可以发现a和b中一定有小于定于2/n,我们可以直接除以2/n,这样就可以将要除的数缩小一半,效率自然也上来。

法二

import java.util.Scanner;

public class Demo10 {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int n = sc.nextInt();
int i = 2;
for (; i <=n/2; i++) {
if(n%i==0){
System.out.println("不是素数");
break;
}
}
if(i>n/2){
System.out.println("是素数");
}
}
}

我们还可以将枚举的范围在缩小一半,因为a和b一定有一个数会小于等于根号16,如此又将范围砍一半,效率杠杆的上来了。

法三

import java.util.Scanner;

public class Demo11 {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int n = sc.nextInt();
int i = 2;
for (; i <=Math.sqrt(n); i++) {
if(n%i==0){
System.out.println("不是素数");
break;
}
}
if(i>Math.sqrt(n)){
System.out.println("是素数");
}
}
}

测试代码的运行时间的方法

long startTime = System.currentTimeMillis();
// 要获取运行时间的代码片
long endTime = System.currentTimeMillis();
System.out.println("程序运行时间:" + (double) (endTime - startTime) / 1000 + "s");//单位是秒

感兴趣的朋友可以用以上代码对求素数的三种方法进行测试。

自幂数

定义:如果在一个固定的进制中,一个n位自然数等于自身各个数位上数字的n次幂之和,则称此数为自幂数。

求1~n范围内的自幂数

分析:首先我们需要判断这个数是几位数,其次需要拿到该数的每一位数,最后进行判断自然数是否等于自身各个数位上数字的n次幂之和。

代码

public class Demo14 {
public static void main(String[] args) {
for (int i = 1; i < 999; i++) {
int tmp = i;
int count = 0;
while (tmp != 0) {
count++;//计算位数
tmp = tmp / 10;
}
tmp=i;
int sum=0;
while (tmp != 0) {
sum += Math.pow(tmp % 10, count);
tmp = tmp / 10;//得到每一位数
}
if (sum == i) {
System.out.print(i + " ");
}
}
}
}

注意:Math.pow()范围值的类型为douoble,使用+=赋值给sum,会发生强制类型转换,但是数值的损失是可以接受的。(小数点后面的数)

统计二进制位中的1的个数

分析:利用任何一个数按位于1之后结果还是1,基于此结论我们可以将一个数的32个比特位与1按位于之后判断结果是否为1,再将该数右移,在次重复上述的计算.而我们只需定义一个计算器去统计一个数按位于1之后结果还是1的真结果即可。

法一

public class Demo16 {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int n=sc.nextInt();
int count=0;
for(int i=0;i<32;i++){
if((n&(1<<i))!=0){
count++;
}
}
System.out.println(count);
}
}

上述代码对于数字7来说并不友好,因为7的最后4位二进制为0111,按照上述多移了29次,在时间上有所浪费,为了节约时间所以我们可以将n每移一位数后重新赋值即n=n>>1,循环条件为n不等于0.

法二

public class Demo17 {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc= new Scanner(System.in);
int n=sc.nextInt();
int count=0;
while (n!=0){
if((n&1)!=0){
count++;
}
n=n>>>1;
}
System.out.println(count);
}
}

注意:如果该数为负数并且是简单的右移,会造成死循环,因为负数右移后补符号位即1,所以为了解决这个问题我们使用无符号右移。

法三

巧用n=n&(n-1)

化抽象为具体一图解疑惑

《JavaSE-习题篇一》之小题目,大道理_后端

由图可以,可以发现7的二进制序列每次按位与之后都少了1,我们只需每次按位与之后用计算器统计即可。

代码

public class Demo18 {
public static void main(String[] args) {
Scanner sc = new Scanner(System.in);
int n = sc.nextInt();
int count = 0;
while (n!=0) {
n=n&(n-1);
count++;
}
System.out.println(count);
}
}
总结

题目虽然不难,但是想出最优解才是最难的,每一题目都不容忽视,都值得深思就像做数学题要做到一题多解,要做到更快,用更的办法解出,相信秉持钉子精神,咋们迟早刷爆力扣,hhhh!

最后的话

各位看官如果觉得文章写得不错,点赞评论关注走一波!谢谢啦!

《JavaSE-习题篇一》之小题目,大道理_开发语言_02



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