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1005. K 次取反后最大化的数组和 : 简单分情况讨论贪心模拟题

题目描述

这是 LeetCode 上的 ​​1005. K 次取反后最大化的数组和​​ ,难度为 简单

Tag : 「优先队列(堆)」、「模拟」、「贪心」

给你一个整数数组 ​​nums​​​ 和一个整数 ​​k​​ ,按以下方法修改该数组:

  • 选择某个下标​​i​​​ 并将​​nums[i]​​​ 替换为​​-nums[i]​​ 。

重复这个过程恰好 ​​k​​​ 次。可以多次选择同一个下标 ​​i​​ 。

以这种方式修改数组后,返回数组 可能的最大和 。 

示例 1:

输入:nums = [4,2,3], k = 1

输出:5

解释:选择下标 1 ,nums 变为 [4,-2,3] 。

示例 2:

输入:nums = [3,-1,0,2], k = 3

输出:6

解释:选择下标 (1, 2, 2) ,nums 变为 [3,1,0,2] 。

示例 3:

输入:nums = [2,-3,-1,5,-4], k = 2

输出:13

解释:选择下标 (1, 4) ,nums 变为 [2,3,-1,5,4] 。

提示:

贪心 + 分情况讨论 + 模拟

假设取反前的总和为 ,取反一个任意值 后,对 的影响为 。

即取反一个负数会使得结果变大,取反正数会使结果变小,取反 值对结果没有影响。

因此,为了让取反后的结果尽可能的大,我们应当取反 尽可能大的数值。即按照「负数从小到大的顺序进行取反」。

对取反次数 和 负数个数 进行分情况讨论:

  • :按照负数从小到大的顺序进行取反即可;
  • :按照负数从小到大的顺序进行取反后,根据「是否存在值」和「剩余取反次数的奇偶性」进行分情况讨论:
  • 存在值 或 剩余取反次数为偶数:直接返回当前取反数组的总和(值可抵消任意次数的取反操作,将偶数次的取反操作应用在同一数值上,结果不变);
  • 不存在值且剩余取反次数为奇数:此时从当前数值中取一个绝对值最小值(使用记录该值下标)进行取反,得到最终的取反数组。

最后对取反数组进行求和操作即可。

代码:

class Solution {
public int largestSumAfterKNegations(int[] nums, int k) {
int n = nums.length, idx = 0;
PriorityQueue<Integer> q = new PriorityQueue<>((a,b)->nums[a]-nums[b]);
boolean zero = false;
for (int i = 0; i < n; i++) {
if (nums[i] < 0) q.add(i);
if (nums[i] == 0) zero = true;
if (Math.abs(nums[i]) < Math.abs(nums[idx])) idx = i;
}
if (k <= q.size()) {
while (k-- > 0) nums[q.peek()] = -nums[q.poll()];
} else {
while (!q.isEmpty() && k-- > 0) nums[q.peek()] = -nums[q.poll()];
if (!zero && k % 2 != 0) nums[idx] = -nums[idx];
}
int ans = 0;
for (int i : nums) ans += i;
return ans;
}
}
  • 时间复杂度:对进行遍历,得到以及优先队列的复杂度为;从优先队列中取出元素进行取反操作的复杂度为;对取反数组进行求和复杂度为。整体复杂度为
  • 空间复杂度:

优化优先队列

由于 长度范围为 ,但值域范围在 ,因此我们可以使用计数数组 来替代优先队列的作用。

注意由于 存在负数,因此需要增 的偏移量。同时对于翻转操作,仅需要修改相应计数即可。

代码:

class Solution {
public int largestSumAfterKNegations(int[] nums, int k) {
int[] cnts = new int[210];
for (int i : nums) cnts[i + 100]++;
for (int i = -100; i < 0 && k > 0; i++) {
while (cnts[i + 100] != 0 && k-- > 0) {
cnts[i + 100]--; cnts[-i + 100]++;
}
}
if (cnts[0 + 100] == 0 && k > 0 && k % 2 != 0) {
int val = 1;
while (cnts[val + 100] == 0) val++;
cnts[val + 100]--; cnts[-val + 100]++;
}
int ans = 0;
for (int i = -100; i <= 100; i++) ans += i * cnts[i + 100];
return ans;
}
}
  • 时间复杂度:需要对以及大小为的计数数组进行常数次扫描,复杂度为
  • 空间复杂度:

最后

这是我们「刷穿 LeetCode」系列文章的第 ​​No.1005​​ 篇,系列开始于 2021/01/01,截止于起始日 LeetCode 上共有 1916 道题目,部分是有锁题,我们将先把所有不带锁的题目刷完。

在这个系列文章里面,除了讲解解题思路以外,还会尽可能给出最为简洁的代码。如果涉及通解还会相应的代码模板。

为了方便各位同学能够电脑上进行调试和提交代码,我建立了相关的仓库:​​github.com/SharingSour…​​ 。

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