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BZOJ-1415: [Noi2005]聪聪和可可 (期望DP)

1415: [Noi2005]聪聪和可可

Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 162 MB

Submit: 1984  Solved: 1153

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Description

Input

数据的第1行为两个整数N和E,以空格分隔,分别表示森林中的景点数和连接相邻景点的路的条数。 第2行包含两个整数C和M,以空格分隔,分别表示初始时聪聪和可可所在的景点的编号。 接下来E行,每行两个整数,第i+2行的两个整数Ai和Bi表示景点Ai和景点Bi之间有一条路。 所有的路都是无向的,即:如果能从A走到B,就可以从B走到A。 输入保证任何两个景点之间不会有多于一条路直接相连,且聪聪和可可之间必有路直接或间接的相连。

Output

输出1个实数,四舍五入保留三位小数,表示平均多少个时间单位后聪聪会把可可吃掉。

Sample Input

【输入样例1】

4 3

1 4

1 2

2 3

3 4


【输入样例2】

9 9

9 3

1 2

2 3

3 4

4 5

3 6

4 6

4 7

7 8

8 9

Sample Output

【输出样例1】
1.500
【输出样例2】
2.167

HINT

【样例说明1】

开始时,聪聪和可可分别在景点1和景点4。

第一个时刻,聪聪先走,她向更靠近可可(景点4)的景点走动,走到景点2,然后走到景点3;假定忽略走路所花时间。

可可后走,有两种可能:

第一种是走到景点3,这样聪聪和可可到达同一个景点,可可被吃掉,步数为1,概率为 。

第二种是停在景点4,不被吃掉。概率为 。

到第二个时刻,聪聪向更靠近可可(景点4)的景点走动,只需要走一步即和可可在同一景点。因此这种情况下聪聪会在两步吃掉可可。

所以平均的步数是1* +2* =1.5步。


对于所有的数据,1≤N,E≤1000。

对于50%的数据,1≤N≤50。

Source

概率期望DP典例qwq

用p[x][y]表示喵在x耗子在y下一步喵该往哪里走qwq 这个可以预处理出来 耗子走每一条路径的概率是1/(d[y]+1)  d[y]表示y的出度,加1是因为耗子可以停在原地qwq

BZOJ-1415: [Noi2005]聪聪和可可 (期望DP)_i++

记忆化搜索一下即可

 

1 #include "bits/stdc++.h"
2 using namespace std;
3 typedef long long LL;
4 const int MAX=2005;
5 int n,m,s,t;
6 int tot,d[MAX],head[MAX],adj[MAX],next[MAX];
7 int dis[MAX][MAX],p[MAX][MAX];double f[MAX][MAX];
8 inline int read(){
9 int an=0,x=1;char c=getchar();
10 while (c<'0' || c>'9') {if (c=='-') x=-1;c=getchar();}
11 while (c>='0' && c<='9') {an=(an<<3)+(an<<1)+c-'0';c=getchar();}
12 return an*x;
13 }
14 void addedge(int u,int v){
15 tot++,d[u]++;adj[tot]=v,next[tot]=head[u],head[u]=tot;
16 }
17 void bfs(int x){
18 int i,j;
19 queue <int> q;q.push(x);dis[x][x]=0;
20 while (!q.empty()){
21 int u=q.front(),tmp=p[x][u];q.pop();
22 for (i=head[u];i;i=next[i]){
23 if (dis[x][adj[i]]==-1 || (dis[x][adj[i]]==dis[x][u]+1 && tmp<p[x][adj[i]])){
24 dis[x][adj[i]]=dis[x][u]+1;
25 p[x][adj[i]]=tmp;
26 if (!tmp) p[x][adj[i]]=adj[i];
27 q.push(adj[i]);
28 }
29 }
30 }
31 }
32 double dfs(int x,int y){
33 if (x==y) return 0;
34 if (f[x][y]) return f[x][y];
35 if (p[x][y]==y || p[ p[x][y] ][y]==y) return f[x][y]=1;
36 double cnt=dfs(p[ p[x][y] ][y],y);int i,j;
37 for (i=head[y];i;i=next[i]){
38 cnt+=dfs(p[ p[x][y] ][y],adj[i]);
39 }
40 return f[x][y]=cnt/(d[y]+1)*1.0+1;
41 }
42 int main(){
43 freopen ("eat.in","r",stdin);freopen ("eat.out","w",stdout);
44 int i,j,u,v;
45 n=read(),m=read(),s=read(),t=read();
46 memset(dis,-1,sizeof(dis));
47 for (i=1;i<=m;i++){
48 u=read(),v=read();
49 addedge(u,v),addedge(v,u);
50 }
51 for (i=1;i<=n;i++) bfs(i);
52 printf("%.3lf",dfs(s,t));
53 return 0;
54

 

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