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loj115(无源汇有上下界可行流)


网络流貌似没学深啊。。然后这应该就是所谓的循环流吧。。解决的方案是,先把边拆成必要边和非必要边即把容量拆成lower和upper-lower这2条边,显然我们要让必要边跑满流,所以可以考虑对每条必要边进行如下处理:添加一个源点S和汇点T,设必要边为x->y,容量为v,则将这边转化为S->y容量为v和x->T容量为v,判断满流即可。。

然后对非必要边,直接从x向y连就可以了,容量为upper-lower,主要用来辅助必要边跑满流

至于为什么可以这样转化就不严格证明(太麻烦的事情窝不做。。),其实对一条必要边,如果跑满了,那么出点肯定至少有流量c,这个流量会随着图流向x,再由该边从x流向y这样循环,所以如果这个流存在,那么断开该边,从y给出无限流量至少能在x处找到c流量,所以由T来接收,这样等价成为网络流判满问题。。

 

 

 

 

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*          ┃   ┃ Code is far away from bug with the animal protecting          
*          ┃   ┃ 神兽保佑,代码无bug
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*/
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<queue>
#include<cmath>
#include<map>
#include<stack>
#define inc(i,l,r) for(int i=l;i<=r;i++)
#define dec(i,l,r) for(int i=l;i>=r;i--)
#define link(x) for(edge *j=h[x];j;j=j->next)
#define mem(a) memset(a,0,sizeof(a))
#define ll long long
#define eps 1e-12
#define succ(x) (1<<x)
#define lowbit(x) (x&(-x))
#define sqr(x) ((x)*(x))
#define mid (x+y>>1)
#define NM 1205
#define nm 2000005
#define pi 3.1415926535897931
using namespace std;
const int inf=2147483647;
ll read(){
ll x=0,f=1;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(isdigit(ch))x=x*10+ch-'0',ch=getchar();
return f*x;
}





struct edge{int t,v;edge*next,*rev;}e[nm],*h[NM],*o=e,*a[nm];
void _add(int x,int y,int v){o->t=y;o->v=v;o->next=h[x];h[x]=o++;}
void add(int x,int y,int v){_add(x,y,v);_add(y,x,0);h[x]->rev=h[y];h[y]->rev=h[x];}
int n,m,_x,_y,_t,b[nm];
ll ans,s;

int maxflow(){
ll flow=0;int d[NM],cnt[NM],tot;edge*j,*p[NM],*tmp[NM];
mem(d);mem(cnt);mem(p);mem(tmp);
inc(i,0,n)tmp[i]=h[i];
cnt[0]=tot=n+1;
for(int x=0,s=inf;d[n]<tot;){
for(j=tmp[x];j;j=j->next)if(j->v&&d[j->t]+1==d[x])break;
if(j){
s=min(j->v,s);tmp[x]=p[j->t]=j;
if((x=j->t)==n){
for(;x;x=p[x]->rev->t)p[x]->v-=s,p[x]->rev->v+=s;
flow+=s;s=inf;
}
}else{
if(!--cnt[d[x]])break;d[x]=tot;
link(x)if(j->v&&d[x]>d[j->t]+1)d[x]=d[j->t]+1,tmp[x]=j;
cnt[d[x]]++;
if(p[x])x=p[x]->rev->t;
}
}
return flow;
}

int main(){
n=1+read();m=read();
inc(i,1,m){
_x=read();_y=read();b[i]=read();_t=read();
add(_x,_y,_t-b[i]);a[i]=h[_x];s+=b[i];
add(0,_y,b[i]);add(_x,n,b[i]);
}
ans=maxflow();
//printf("%d\n",ans);
if(ans<s)return 0*printf("NO\n");
printf("YES\n");
inc(i,1,m)printf("%d\n",a[i]->rev->v+b[i]);
return 0;
}

 

 

 

 

 

 

#115. 无源汇有上下界可行流

内存限制:256 MiB 时间限制:1000 ms 标准输入输出

题目类型:传统 评测方式:Special Judge

上传者: 匿名

题目描述

这是一道模板题。

n n n 个点,m m m 条边,每条边 e e e 有一个流量下界 lower(e) \text{lower}(e) lower(e) 和流量上界 upper(e) \text{upper}(e) upper(e),求一种可行方案使得在所有点满足流量平衡条件的前提下,所有边满足流量限制。

输入格式

第一行两个正整数 n n n、m m m。

之后的 m m m 行,每行四个整数 s s s、t t t、lower \text{lower} lower、upper \text{upper} upper。

输出格式

如果无解,输出一行 ​​NO​​。

否则第一行输出 ​​YES​​,之后 m m m 行每行一个整数,表示每条边的流量。

样例

样例输入 1

4 6
1 2 1 2
2 3 1 2
3 4 1 2
4 1 1 2
1 3 1 2
4 2 1 2

样例输出 1

NO

样例输入 2

4 6
1 2 1 3
2 3 1 3
3 4 1 3
4 1 1 3
1 3 1 3
4 2 1 3

样例输出 2

YES
1
2
3
2
1
1

数据范围与提示

1≤n≤200,1≤m≤10200 1 \leq n \leq 200, 1 \leq m \leq 10200 1≤n≤200,1≤m≤10200

 

 

 

 

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